Методика преподавания математики рекомендует, что лучше решить задачу тремя разными способами, чем решить три разных задачи. Далее приведены три доказательства необычного неравенства (первая часть задания), которое предлагалось на XIII Brazilian Olympic Revenge (2014).
n = da , \ \ant {n\sqrt2} = db ,
\tag {36.2}
\] где \(
d = \mbox {НОД} \, (n, \, \ant {n\sqrt2})
\) и \( a , \) \( b \) — натуральные числа (еще они взаимно простые). Согласно свойству антье (С2): \[
db < n\sqrt2 < db+1 ,
\] \[
\ db < da\sqrt2 < db+1 ,
\] \[
b < a\sqrt2 < b+\dfrac1d
\] (левые неравенства строгие из-за сравнения выражений, принимающих целые и иррациональные значения). Значит, \(
\ant {a\sqrt2} = b .
\) Из (36.2) получаем равенство \(
\ant {da\sqrt2} = d \cdot \ant {a\sqrt2} ,
\) равносильное согласно утверждению (С16) \[
\bigmant {a\sqrt2} < \dfrac1d .
\tag {36.3}
\] Воспользуемся неравенством \(
\bigmant {n\sqrt2} > \dfrac1{2n\sqrt2}
\ (n \in \mathbb N) ,
\) см. задачу 4 или задачи 136 и 414 в задачнике. Преобразуем неравенство (36.3) \[
d < \dfrac1{\bigmant {a\sqrt2}}
< 2\sqrt2 \cdot a = 2\sqrt2 \cdot \dfrac n d ,
\] \[
d^2 < 2\sqrt2 \cdot n,
\ d < \sqrt[\scriptstyle 4 \, ] 8 \cdot \sqrt n . \] \( \color{gray}{\blacksquare} \)
Доказательство 2. Используются те же обозначения (36.2) и вывод неравенства \( db < da\sqrt2 < db+1 . \) Тогда \[
d < \dfrac 1 {a\sqrt2-b}
< \dfrac {a\sqrt2+b} {2a^2-b^2}
< a\sqrt2+b
< 2a\sqrt2 =
2\sqrt2 \cdot \dfrac n d .
\] \( \color{gray}{\blacksquare} \)
Доказательство 3. Пусть \( k = \ant {n\sqrt2} , \) \(
d = \mbox {НОД} \, ( n, \, k ) .
\) \[
\ant {n\sqrt2} < n\sqrt2 < \ant {n\sqrt2}+1 ,
\] \[
k < n\sqrt2 < k+1 ,
\] \[
k^2 < 2n^2 < (k+1)^2 ,
\] \[
0 < 2n^2-k^2
\leqslant 2k < 2n\sqrt2 .
\] Поскольку \( n^2 \,\vdots\, d^2 \) и \( k^2 \,\vdots\, d^2 \), то выражение \(
2n^2-k^2
\) делится на \( d^2 \) нацело. Значит, \[
2n^2-k^2 \geqslant d^2 .
\] Тогда \[
d^2 < 2n\sqrt2 .
\] \( \color{gray}{\blacksquare} \)
Вторая и третья версии доказательства основаны на публикациях решений задачи в форуме http://www.artofproblemsolving.com.
Каждое из трех доказательств имеет свои достоинства. Первое далось мне довольно легко, свойства антье и мантиссы у меня «в оперативной памяти».
36. Докажите неравенство \[
\mbox {НОД} \, (n, \, \ant {n\sqrt2}) < \sqrt[\scriptstyle 4 \, ] 8 \cdot \sqrt n \ \mbox { при } \forall n \in \mathbb N .
\tag {36.1}
\]
Доказательство 1. Пусть \[\mbox {НОД} \, (n, \, \ant {n\sqrt2}) < \sqrt[\scriptstyle 4 \, ] 8 \cdot \sqrt n \ \mbox { при } \forall n \in \mathbb N .
\tag {36.1}
\]
n = da , \ \ant {n\sqrt2} = db ,
\tag {36.2}
\] где \(
d = \mbox {НОД} \, (n, \, \ant {n\sqrt2})
\) и \( a , \) \( b \) — натуральные числа (еще они взаимно простые). Согласно свойству антье (С2): \[
db < n\sqrt2 < db+1 ,
\] \[
\ db < da\sqrt2 < db+1 ,
\] \[
b < a\sqrt2 < b+\dfrac1d
\] (левые неравенства строгие из-за сравнения выражений, принимающих целые и иррациональные значения). Значит, \(
\ant {a\sqrt2} = b .
\) Из (36.2) получаем равенство \(
\ant {da\sqrt2} = d \cdot \ant {a\sqrt2} ,
\) равносильное согласно утверждению (С16) \[
\bigmant {a\sqrt2} < \dfrac1d .
\tag {36.3}
\] Воспользуемся неравенством \(
\bigmant {n\sqrt2} > \dfrac1{2n\sqrt2}
\ (n \in \mathbb N) ,
\) см. задачу 4 или задачи 136 и 414 в задачнике. Преобразуем неравенство (36.3) \[
d < \dfrac1{\bigmant {a\sqrt2}}
< 2\sqrt2 \cdot a = 2\sqrt2 \cdot \dfrac n d ,
\] \[
d^2 < 2\sqrt2 \cdot n,
\ d < \sqrt[\scriptstyle 4 \, ] 8 \cdot \sqrt n . \] \( \color{gray}{\blacksquare} \)
Доказательство 2. Используются те же обозначения (36.2) и вывод неравенства \( db < da\sqrt2 < db+1 . \) Тогда \[
d < \dfrac 1 {a\sqrt2-b}
< \dfrac {a\sqrt2+b} {2a^2-b^2}
< a\sqrt2+b
< 2a\sqrt2 =
2\sqrt2 \cdot \dfrac n d .
\] \( \color{gray}{\blacksquare} \)
Доказательство 3. Пусть \( k = \ant {n\sqrt2} , \) \(
d = \mbox {НОД} \, ( n, \, k ) .
\) \[
\ant {n\sqrt2} < n\sqrt2 < \ant {n\sqrt2}+1 ,
\] \[
k < n\sqrt2 < k+1 ,
\] \[
k^2 < 2n^2 < (k+1)^2 ,
\] \[
0 < 2n^2-k^2
\leqslant 2k < 2n\sqrt2 .
\] Поскольку \( n^2 \,\vdots\, d^2 \) и \( k^2 \,\vdots\, d^2 \), то выражение \(
2n^2-k^2
\) делится на \( d^2 \) нацело. Значит, \[
2n^2-k^2 \geqslant d^2 .
\] Тогда \[
d^2 < 2n\sqrt2 .
\] \( \color{gray}{\blacksquare} \)
Вторая и третья версии доказательства основаны на публикациях решений задачи в форуме http://www.artofproblemsolving.com.
Каждое из трех доказательств имеет свои достоинства. Первое далось мне довольно легко, свойства антье и мантиссы у меня «в оперативной памяти».
